Exercice traitement signal
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Exercice :
On considère le circuit électrique de la figure ci-contre. Au temps t=0 la charge aux bornes de la capacité estnulle.
1) Quelle est l’équation différentielle qui régit le fonctionnement de ce circuit ?
2) Quelle est sa réponse impulsionnelle ?
3) Quelle est sa réponse à un échelon unité ?
4) Quelle est sa réponse à une distribution porte V0∏
(t; 0, T ) ?
1
Solution :
1) Les lois de l’électricité donnent :
e(t) = v(t) + s(t)
v(t) = Ri
s(t) = Roi0 =q
C
On en déduit :ds(t)
dt=
1
C(i− i0) =
i
C− i0C
=v(t)
RC− 1
R0Cs(t)
ds(t)
dt=
1
RC(e(t)− s(t))− 1
R0Cs(t)
et par suite :
ds(t)
dt+ (
1
RC+
1
R0C)s(t) =
1
RCe(t)
Posons :
θ = RC
θ0 = R0C
1
τ=
1
θ+
1
θ0
Finalement :ds(t)
dt+
1
τs(t) =
1
θe(t)
2) La réponse impulsionnelle d’un système est la réponse forcée du système à un signal d’entrée δ, c’est-à-dire la réponse à un signal d’entrée δ pour des conditions initiales nulles. Désignons la par R(t). Elle est
2
solution de l’équation :
dR(t)
dt+
1
τR(t) =
1
θδ(t)
Cherchons cette solution dans S’ à l’aide de la transformée de Fourier.
F−u [dR(t)
dt] +
1
τF−u [R(t)] =
1
θF−u [δ(t)]
Posons :
F−u [R(t)] = R̂(u)
On a :
F−u [dR(t)
dt] = 2iπuF−u [R(t)] = 2iπuR̂(u)
F−u [δ(t)] = 1
L’équation différentielle devient :
2iπuR̂(u) +1
τR̂(u) =
1
θ
Soit :
(2iπu+1
τ)R̂(u) =
1
θ
On en déduit :
R̂(u) =1
θ
1
(2iπu+ 1τ )
ce qui donne par réciprocité :
R(t) = F+x [R̂(u)] =
1
θH(t)exp(
−tτ)
3) Pour un filtre linéaire (Cf cours) la réponse forcée s(t) est reliée à la grandeur d’entrée e(t) par un produitde convolution dans lequel intervient la réponse impulsionnelle :
s(t) = R(t) ∗ e(t)
Réponse à un échelon unité :
3
On a alors :
e(t) = V0H(t)
de sorte que :
s(t) = R(t) ∗ V0H(t) = V0
∫ ∞−∞
R(t′)H(t− t′)dt′
s(t) =V0θ
∫ ∞−∞
H(t′)exp(− t
τ)H(t− t′)dt′
s(t) =V0θH(t)
∫ t
0
exp(− t′
τ)dt′ = −V0
θH(t)τ [exp(− t
′
τ)]t0
s(t) = −V0θH(t)τ(exp(− t
τ)− 1) = H(t)V0
τ
θ(1− exp(− t
τ))
4) Réponse à une distribution porte :
On a maintenant :
e(t) = V0∏
(t; 0, T )
et par suite :
s(t) = R(t) ∗ V0∏
(t; 0, T ) = V0∏
(t; 0, T ) ∗R(t)
s(t) = V0
∫ ∞−∞
∏(t′; 0, T )R(t− t′)dt′
s(t) = V0
∫ T
0
R(t− t′)dt′
s(t) =V0θ
∫ T
0
H(t− t′)exp(− t− t′
τ)dt′
On obtient donc :
4
Si t < T :
s(t) =V0θ
∫ t
0
exp(− t− t′
τ)dt′ =
V0θexp(− t
τ
∫ t
0
exp(t′
τ)dt′
s(t) =V0θexp(− t
τ)τ [exp(
t′
τ)]t0 = V0
τ
θexp(− t
τ)(exp(
t
τ)− 1)
s(t) = V0τ
θ(1− exp(− t
τ))
Si t ≥ T :
s(t) =V0θ
∫ T
0
exp(− t− t′
τ)dt′ =
V0θexp(− t
τ
∫ T
0
exp(t′
τ)dt′
s(t) =V0θexp(− t
τ)τ [exp(
t′
τ)]T0 = V0
τ
θexp(− t
τ)(exp(
T
τ)− 1)
Au final :
s(t) =
V0τ
θ(1− exp(− t
τ)) si t < T
V0τ
θexp(− t
τ)(exp(
T
τ)− 1) si t ≥ T
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